1 замкнутая кривая, все точки к-рой равно удалены от центра.
Центр окружности – это точка, равноудаленная от точек окружности
Прямая линия, соединяющая центр с любой точкой окружности или поверхности шара.
2 Хо́рда в планиметрии — отрезок, соединяющий две точки данной кривой
Хорда, проходящая через центр О, называется диаметром.
3 Окружность называется описанной около треугольника, если она проходит через все его вершины. Центр окружности, описанной около треугольника, является точкой пересечения серединных перпендикуляров к сторонам треугольника.
4 Теорема. Центр окружности, описанной около треугольника, является точкой пересечения перпендикуляров к сторонам треугольника, проведённых через середины этих сторон.
5 Прямая, имеющая с окружностью только одну общую точку, называется касательной к окружности, а их общая точка называется точкой касания прямой и окружности.
Объяснение:
))
Между ab и abc угол равен 0 (ab лежит в плоскости abc). Вот найти угол (обозначу его Ф) между ae и abc - это интересная задача.
Я бы не стал решать эту задачу, если бы у неё не было совершенно фантастической красоты МЕТОДА решения. Так-то её технически ничего не стоит сделать.
Я специально поменяю обозначения. Обычно это признак неквалифицированного подхода, но в данном случае это диктуется методом решения.
Если автору не понравится решения - обратитесь к модератору, он это удалит :
Итак. Берется КУБ abcda1b1c1d1. Трехмерная фигура с вершинами a1bc1d - тетраэдр (это треугольная пирамида, у которой все грани - равносторонние треугольники).
Поскольку (например) фигура cc1bd - тоже правильная пирамида (хотя и не тетраэдр), то вершина с проектируется на плоскость bdc1 в центр равностороннего треугольника bdc1. Точно так же - в ту же точку - проектируется на плоскость bdc1 и вершина a1 тетраэдра. Получается, что и а1 и с лежат на ОДНОЙ прямой, перпендикулярной bdc1. То есть БОЛЬШАЯ ДИАГОНАЛЬ a1c КУБА abcda1b1c1d1 перпендикулярна плоскости треугольника bdc1 и пересекает её в центре этого треугольника.
Само собой, все остальные большие диагонали куба тоже перпендикулряны граням тетраэдра a1bc1d, и тоже проходят через центры граней.
Поэтому :)
Углу Ф соответствует угол между ДИАГОНАЛЬЮ КУБА bd1 и плоскостью bdc1.
Поскольку все диагонали пересекаются в центре куба "о", то искомый угол равен
Ф = 90° - Ф1, где Ф1 - угол между любыми двумя БОЛЬШИМИ ДИАГОНАЛЯМИ КУБА. : (если из центра о, принадлежащего bd1 опустить перендикуляр на bdc1, этот перпендикуляр будет - как я только что доказал - частью диагонали куба a1c, отсюда это и получается).
На этом можно было бы красоты завершить, и свести задачу к техническому вычислению этого угла. Но можно и добавить красот :))
Дело в том, что расстояние от a1 до плоскости bdc1 в два (в 2) раза больше, чем от c до этой же плоскости. То есть плоскость bdc1 делит a1c в пропорции 2/1, считая от вершины a1. Это очень просто увидеть, если провести плоскость b1d1a, которая параллельна плоскости bdc1 (потому что обе перпендикулярны a1c), и заметить, что отрезок диагонали a1c от a1 до плоскости b1d1a равен отрезку этой диагонали между плоскостями b1d1a и bdc1. В самом деле, эти плоскости делят отрезок a1c1 пополам, поэтому и любую другую наклонную из точки a1 они делят пополам (теорема Фаллеса :)). Точно так же, отрезку a1c между плоскостями b1d1a и bdc1 равен и отрезок от с до bdc1, поскольку эти плоскости делят отрезок ac пополам (а, следовательно, и любую другую наклонную из точки с к этим плоскостям). Получились, что диагональ a1c разделена порскостями b1d1a и bdc1три равных отрезка, откуда и следует соотношение длин 2/1. Но это означает, что от центра КУБА до плоскости bdc1 - ровно 1/6 диагонали a1c. С учетом того, что от центра до вершины куба 1/2 диагонали, косинус угла Ф1 между большими диагоналями куба равен 1/3. Само собой, это - синус Ф.
А косинус - уж найдите сами : (он равен 2√3/3)