Вравнобедренном треугольнике авс с основанием ас, биссектрисы углов а и с, пересекаются в точке м. найдите угол амс, если градусная мера угла в равна 80 градусам.
А). Высота пирамиды по Пифагору: SO=√(SB²-BO²) = √(25-81/4) =√19/2.Рассмотрим треугольник ASO и секущую FC в нем. По теореме Менелая имеем:(AF/FS)*(SK/KO)*(OC/CA)=1. Подставим имеющиеся значения, приняв отрезок ОК за Х: (1/4)*((√19/2-Х)/Х)*(1/2)=1. Отсюда Х=√19/18. Заметим, что точка К - пересечение прямых FC и SO. Итак, КО=√19/18. Тогда в треугольнике КЕО: tg(<KEO)=КО/ЕО=КО/(ВО-ВЕ)=(√19/18)/(1/2)=√19/9. В треугольнике OSD тангенс угла SDO: tg(SDO)=SO/OD или tg(SDO)=(√19/2)/(9/2)=√19/9. Итак, в треугольнике EQD углы QED и QDO при основании равны, a <QDO=<SBD в равнобедренном треугольнике ВSD. Следовательно, треугольники ВSD и EQD подобны и EQ параллельна BS. Прямая EQ принадлежит плоскости CEF, значит плоскость CEFпараллельна ребру BS, что и требовалось доказать. б). Треугольники ВSD и EQD подобны (доказано выше), поэтомуEQ/BS=DE/DB, отсюда EQ=BS*DE/DB или EQ=5*5/9=25/9.Тогда в равнобедренном треугольнике EQD высота QH=√(EQ²-(OD/2)²) или QH=√475/18=5√19/18 ≈ 1,2.
Нет, ни шестиугольник, ни семиугольник не могут быть гранями правильного многогранника . ими могут быть правильные треугольники, квадраты, либо пятиугольники. других вариантов нет дело в том, что угол правильного n-угольника ( n≥6 ) меньше 120° но при каждой вершине должно быть не меньше 3 плоских углов и если бы такой правильный многогранник при n≥6 существовал, то сумма плоских углов при каждой вершине была ≥3•120°=360° но этого не может быть, потому как сумма всех плоских углов выпуклого многогранника при каждой вершине < 360°
A=C=(180-80):2=50
биссект. делит угол ровно пополам поэтому
50:2=25=MAC=MCA
AMC=180-25+25=130
ОТВЕТ:130,25,25