Решите. у трикутник авс вписано ромб dkfc так, що кут с у них спільний, а вершина k належить стороні ав. сторона ромба дорівнює 4 см, bf = 3 см. знайдіть ас. и если можно, то нарисуйте рисунок.
В треугольник АВС вписан ромб DKFC так, что угол С у них общий, а вершина К лежит на стороне АВ. Сторона ромба равна 4 см, ВF = 3 см. Найти АС. 1)Стороны ромба параллельны. КF|| АС. Треугольники АВС и КВF подобны по равенству углов при параллельных прямых и секущих и общему углу В. ВС:ВF=АС:КF (3+4):3=АС:4 28=3 АС АС=9 ¹/3 см 2) КF||АD, ВF||КD Треугольники КВF и АКD подобны ВF:КD=КF:АD 3:4=4:АD 3 АД=16 АD=5¹/3 см АС=АD+СD=9 ¹/3 см
В угол можно вписать окружность. Центр окружности, вписанной в угол, лежит на биссектрисе этого угла. Центр вписанной в угол ВСД окружности лежит на биссектрисе СР Центр вписанной в угол СДА окружности лежит на биссектрисе ДР Т.к. точка Р для биссектрис углов ВСД и СДА общая - она является центром вписанной в оба угла окружности. Расстояние от центра вписанной в угол окружности до его сторон равно ее радиусу. Расстояние из Р до прямых ВС, СД, АД - перпендикуляр и равно радиусу этой окружности. Вариант решения: Расстояние от точки до прямой - отрезок, проведенный к ней перпендикулярно. ОК, ОМ, ОН - перпендикуляры к прямым ВС, СD, AD соответственной. Прямоугольные ∆ СКО=∆СМО по равному острому углу при С и общей гипотенузе ОС. ⇒ КО=ОМ Прямоугольные ∆ НОD=∆ MOD по равному острому углу при D и общей гипотенузе OD. ⇒ НО=ОМ КО=ОМ, НО=ОМ⇒ КО=ОН=ОМ, что и требовалось доказать.
Пусть F,E,G - точки касания исходной окружности с диагональю и сторонами параллелограмма (см. рисунок). Пусть также H∈AD, OH⊥AD и L - точка пересечения ОH c окружностью.
1. Т.к. ∠OGA=∠OFA=∠OHA=90°, то все точки A,G,O,F,H лежат на одной окружности с диаметром AO.
2. Треугольник ABC подобен треугольнику HFG т.к. ∠GAF=∠GHF и ∠FGH=∠FAH=∠BCA по свойству вписанных углов.
3. L - центр окружности вписанной в HFG, т.к.: a) ∠OHF=∠OHG (опираются на равные хорды), б)∠GFL=∠OFL-∠OFG=(90°-∠FOL/2)-∠OFG=(90°-∠FAH/2)-∠OAG, ∠GFH=180°-2∠OAG-∠FAH, т.е. ∠GFL=∠GFH/2. Из а) и б) следует, что L - точка пересечения биссектрис треугольника HFG.
4. Из 2 и 3 следует, что в треугольнике ABC отрезку AO соответствует отрезок HL, т.е. коэффициент подобия ABC относительно HFG равен AO/HL=AO/(OH-OL)=25/(13-7)=25/6. Отсюда BC=GF*25/6.
5. Из прямоугольного треугольника AOF получаем NF/OF=AF/AO, т.е. GF=2NF=2OF·AF/AO=(14√(25²-7²))/25=336/25. Тогда из 4 видим, что BC=(336/25)·(25/6)=56.
6. Высота параллелограмма ABCD равна EO+OH=7+13=20. Значит, площадь равна 20·BC=20*56=1120.
P.S. Есть ощущение, что BC можно и проще найти, но... :))
1)Стороны ромба параллельны. КF|| АС.
Треугольники АВС и КВF подобны по равенству углов при параллельных прямых и секущих и общему углу В. ВС:ВF=АС:КF
(3+4):3=АС:4
28=3 АС
АС=9 ¹/3 см
2)
КF||АD, ВF||КD
Треугольники КВF и АКD подобны
ВF:КD=КF:АD
3:4=4:АD
3 АД=16
АD=5¹/3 см
АС=АD+СD=9 ¹/3 см