Восновании пирамиды sabcd лежит квадрат авсд со стороной равной 5 точка м делит ребро sb в отношении 2: 3 считая от точки s.через точку м проходит сечение параллельное основанию пирамиды.найдите его площадь

👇

Ответ:

kamila0774

09.04.2022

Так как основание пирамиды квадрат, параллельное ему сечение тоже квадрат.
Пусть SM=2а, МВ=3а, тогда SB=5а.
Треугольники SAB и SKM подобны. т.к МК параллельна АВ и углы при основаниях равны как соответственные при пересечении параллельных прямых секущими, и угол S-общий.
Коэффициент подобия = SМ:SВ
k=2а:5а=2/5 АВ⇒
МК=2.
S сечения =2²=4 ед. площади.

4,6(40 оценок)

Открыть все ответы

Ответ:

VovasuslovAUE

09.04.2022

1) радиус шара был = R см, объем шарового сектора = V
2) радиус шара стал = R+2 см, объем шарового сектора = V+16π см^3
угол осевого сечения сектора ∠α= 120°
Найти начальный R
V шарового сектора = 2/3 π R^2 H
H=R(1-cos(∠α/2))=R(1-cos(120°/2))=R(1-cos(60°))=R(1-cos(60°))=R/2
V шарового сектора = 2/3 π R^2 R/2 = 1/3 π R^3
1)1/3 π R^3=V
2)1/3 π (R+2)^3=V+16π
1/3 π (R+2)^3=1/3 π R^3+16π
1/3 π (R+2)^3-1/3 π R^3=16π
1/3 π{ (R+2)^3- R^3}=16π
{ (R+2)^3- R^3}=16*3
R^3+8+3R^2*2+3R*4- R^3=48
6R^2+12R-40=0|:2
3R^2+6R-20=0
D=36+240=276=4*69
R=(-6+2√69)/6 = 2(√69-3)/6 = (√69-3)/3 (см)

4,8(10 оценок)

Ответ:

kana8

09.04.2022

Рассмотрим осевое сечение пирамиды, изобразив его как вид сбоку.
На рисунке SAF, SAB и SBC - грани пирамиды; А1, М1 и К1 - точки пересечения плоскости и рёбер SF.SA и SB соответственно.
По условию боковое ребро вдвое больше стороны основания.
Пусть сторона основания будет равна а, тогда боковая сторона равна 2а.
АВ=FO=CO=a.
а) Высота пирамиды из треугольника SCO:
SO=√(SC²-CO²)=√(4a²-a²)=a√3.
Из тр-ка SM1M2 SM2=SM·cos60=0.5a·1/2=a/4.
Проекции SM2 и МО ра двух рисунках равны. МО=а/4.
СМ=СО+МО=а+а/4=5а/4.
Треугольники SAO и M1AO подобны по трём углам, значит SA/M1A=SO/M1M ⇒ M1M=SO/2=a√3/2.
В ΔСМ1М tgC=M1M/CM=4a√3/(10a)=2√3/5.
В ΔBSO tgВ=SO/BO=2а√3/а=2√3. (т.к. ВО=АВ/2=а/2).
Пусть КВ=х, тогда СК=КВ+СВ=х+а/2.
В ΔСК1К К1К=СК·tgC=(x+а/2)·2√3/5.
В ΔВК1К К1К=КВ·tgВ=2х√3.
Объединим уравнения:
(х+а/2)·2√3/5=2х√3,
2х√3+а√3=10х√3,
а√3=8х√3,
х=а/8.
Треугольники ВSО и ВК1К подобны по трём углам, значит:
K1B/SB=ВК/ВО=а/8:а/2=1:4 ⇒
SK1=3K1B, значит К1В:SK1=1:3.
Доказано.
б) Пусть АF=у, тогда AC=FC-y=2a-y.
В ΔFA1A ∠F=60° (так как FO=SF/2 ∠F=60°), А1А=AF·tgF=у√3.
В ΔСА1А А1А=АС·tgС=(2а-у)·2√3/5.
Объединив уравнения получим:
у√3=(2а-у)·2√3/5,
5у=4а-2у,
7у=4а,
у=4а/7.
Коэффициент подобия треугольников FA1A и FSO:
k=FA/FO=4a/7a=4/7.
А1F=SF·k=2a·4/7=8a/7.
SA1=SF-A1F=2a-8a/7=6a/7.
SA1:A1F=6a/7:8a/7=3:4 - это ответ.

Пришлось повозиться.
Стереометрия. максимальный ! можно без рисунка. в правильной шестиугольной пирамиде sabcdef с вершин