Пошаговое объяснение:
а) Вычтем из числа 100...00(Допустим в нём n нулей) число вида 99...99, в котором n девяток , так как кол-во нолей чётно, то и кол-во девяток тоже чётно. Теперь докажем, что в числе вида 99...99(Допустим k девяток), в котором чётное кол-во девяток кратно 11, представим это число в виде суммы 99*10^(k-2)+99*10^(k-4)+...+99 = 99(10^(k-2)+10^(k-4)+...+1). Очевидно, что 99 кратно 11, а значит число вида 99...99(чётное число девяток) кратно 11.
Теперь вычтем из числа 10...00(n нулей) число 99...99(n девяток), очевидно, что разность равна 1, так как 99...99 кратно 11, то разность имеет такой же остаток при делении на 11, как и искомое число. А значит число вида 10...00 с чётным числом нулей при делении на 11 даёт остаток 1.
б) Представим число 10...00 с нечётным числом нулей в виде произведение 10...00(уже с чётным числом нулей) на 10. В пункте а было доказано, что число вида 10...00 с чётным числом нулей даёт остаток 1 при делении на 11. По свойству остатков при умножении числа на какое-то число, то и его остаток умножается на это же число. Из этого следует, что остаток 1 умножается на 10. А значит число вида 10...00 с нечётным числом нулей при делении на 11 даёт остаток 10.
3
Пошаговое объяснение:
По условию сумма каждых трёх подряд идущих чисел делится нацело на первое число этой тройки. Пусть первым натуральным числом будет M. Тогда суммой трёх подряд идущих чисел будет
S= M + (M + 1) + (M + 2) = 3·M + 3.
Это число делится на на первое число этой тройки, то есть на M:
S : M = (3·M + 3) : M = 3 + 3/M.
Чтобы это число было целым число M должен быть делителем 3. А таких натуральных чисел всего два: 1 и 3.
Пусть M = 1. Получим последовательных натуральных чисел
1, 2, 3 и последнее число строки нечётно.
Пусть M = 3. Получим последовательных натуральных чисел
3, 4, 5 и последнее число строки нечётно.
Значит, в строке всего 3 числа.
Пошаговое объяснение:
1980 = 2×990 = 4×495 = 4×(2×247+1) = 4×(2×(2×123+1)+1) = 4×(2×(2×(2×61+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(2×30+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(4×15+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(4×(2×7+1)+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(4×(2×(2×3+1)+1)+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(4×(2×(2×(2+1)+1)+1)+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(4×(2×(2²+2+1)+1)+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(4×(2³+2²+2+1)+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2×(2^5+2^4+2^3+2²+1)+1)+1)+1) = 4×(2×(2×(2^6+2^5+2^4+2³+2+1)+1)+1) = 4×(2×(2^7+2^6+2^5+2^4+2²+2+1)+1) = 4×(2^8+2^7+2^6+2^5+2³+2²+2+1) = 2^10 + 2^9 + 2^8 + 2^7 + 2^5 + 2^4 + 2³ + 2² = 11110111100(2)
1980 = 3×660 = 9×220 = 9×(3×73+1) = 9×(3×(3×24+1)+1) = 9×(3×(9×8+1)+1) = 9×(3×(9×(2×3+2)+1)+1) = 9×(3×(2×3³+2×3²+1)+1) = 9×(2×3^4+2×3³+3+1) = 2×3^6 + 2×3^5 + 3³ + 3² = 2201100(3)
Алгоритм для системы с основанием k примерно такой: делим наше число N на k с остатком (N ÷ k = A (ост. r)) и пишем это в виде N = k×A+r, потом то же самое повторяем для A и т. д когда получим в центральных скобочках A меньше k, то такое вот разложение мы закончили. Затем аккуратно раскрываем скобочки в этой колбасе из середины и в конце получаем сумму произведений степеней k и чисел M, причем M всегда меньше k. Осталось пройти эти слагаемые в порядке уменьшения степеней k и выписать M при них. Причем если какой-то степень k пропущен, не забываем ставить 0. Понять это было непросто