Биссектриса острого угла cda трапеции abcd пересекает сторону ав в точке к. из точки к проведен перпендикуляр ке к стороне cd так, что се = 9 см, de = 16 см. найдите ке и стороны трапеции, если а = 90, к – середина ав.

👇

Ответ:

Mileshka141

24.09.2020

Углы трапеции, прилежащие к боковой стороне, в сумме составляют 180°точка К лежит на биссектрисе угла, следовательно она равноудалена от сторон угла КА=КЕтреугольники DEK и DAK равны (по гипотенузе и острому углу)))DA = 16аналогично СВ=9если провести высоту трапеции, то можно найти вторую боковую сторону (по т.Пифагора)))ЕК=12

4,6(73 оценок)

Открыть все ответы

Ответ:

hassnallameozm4zm

24.09.2020

Благодаря параллельности прямых, все образовавшиеся треугольники подобны друг другу и исходному ΔАВС (по трём углам).
Обозначим стороны получившихся треугольников, параллельные стороне АС как a, b и с, их площади как S₁, S₂ и S₃ (см. рис. в прикреплённом файле).
Площадь S ΔАВС относится к площади S₁ подобного треугольника, как квадрат отношения соответствующих сторон:
$\frac{S}{ S_{1}}$ = $(\frac{b+a+c}{a})^{2}$ = $(1+\frac{b}{a}+\frac{c}{a})^{2}$ (1)
Отношение соответствующих сторон подобных треугольников равно корню квадратному из отношений их площадей:
$\frac{b}{a}$ = $\sqrt{ \frac{S_{2}}{S_{1}}}$ (2)
$\frac{c}{a}$ = $\sqrt{ \frac{S_{3}}{S_{1}}}$ (3)
Подставляем (2) и (3) в (1):
$\frac{S}{ S_{1}}$ = $(1 +\sqrt{ \frac{S_{2}}{S_{1}}}+\sqrt{ \frac{S_{3}}{S_{1}}})^{2}$ = $\frac{(\sqrt{S_{1}}+\sqrt{S_{2}}+\sqrt{S_{3}})^{2}}{S_{1}}$
Откуда окончательно получаем:
S = $(\sqrt{S_{1}}+\sqrt{S_{2}}+\sqrt{S_{3}})^{2}}$

Нужна ! заранее .кто ответит, тому 112 . внутри треугольника abc взята точка m, через которую провед

4,5(60 оценок)

Ответ:

nikitaknss

24.09.2020

Назовем треугольники W1, W2, W3.
а параллелограммы на вертикальных углах I, II, III соответственно.
пусть при вершине М - углы в W1 и I = альфа; W2 и II = бета; W3 и III = гамма

Пусть вершины треугольника W1 буду MEF, W2 MGH, W3 MPQ
Заметим, что треугольники W1, W2, W3 подобны, тк все три угла у них равны

Запишем площади W1, W2, W3, I,II,III
S1 = $\frac{ME*MF*sin \alpha }{2}$
S2 = $\frac{MG*MH*sin \beta }{2}$
S3 = $\frac{MP*MQ*sin \gamma }{2}$

I = $MP*MH*sin \alpha$
II = $MQ*ME*sin \beta
$
III= $MF*MG*sin \gamma$

Запишем отношения

I/S1 = $\frac{2*MP*MH*sin \alpha }{ME*MF*sin \alpha } = \frac{2*MP*MH}{ME*MF}$
Аналогично
II/S2 = $\frac{2*MQ*ME}{MG*MH}$
III/S3 = $\frac{2*MF*MG}{MP*MQ}$

то есть: I = S1* $\frac{2*MP*MH}{ME*MF}$
II = S2* $\frac{2MQ*ME}{MG*MH}$
III = S3* $\frac{2MF*MG}{MP*MQ}$

S(ABC) = S1+S2+S3+I+II+III обозначим это равенство (!)

Из подобия треугольников W1, W2, W3 получаем:

$\frac{MH}{ME} = \sqrt{ \frac{S2}{S1} } 
$
$\frac{MP}{MF} = \sqrt{ \frac{S3}{S1} }$

$\frac{MQ}{MG} = \sqrt{ \frac{S3}{S2} }$
$\frac{ME}{MH} = \sqrt{ \frac{S1}{S2} }$

$\frac{MF}{MP} = \sqrt{ \frac{S1}{S3} }$
$\frac{MG}{MQ} = \sqrt{ \frac{S2}{S3} }$

А теперь если подставить все это счастье в равенство (!), получим

S(ABC) = $S1+S2+S3 + 2* \sqrt{S2*S3} +2* \sqrt{S1*S3} +2* \sqrt{S1*S2}$

то есть $S(ABC) = ( \sqrt{S1} + \sqrt{S2} + \sqrt{S3} )^{2}$