90 ! в правильной треугольной пирамиде sabc (s – вершина, sa = 2 ) точка d – середина ребра sb. расстояние от точки с до прямой ad равно \sqrt{\frac{5}{6}} найти объём пирамиды.
Аналитическое решение данной задачи довольно громоздкое. Предлагается решение с применением итерационного метода, отталкиваясь от заданной длины бокового ребра и задаваясь значениями длины стороны основания.
Дано: - правильная пирамида SABC, - боковое ребро L = 2, - расстояние от точки С до прямой AD (это медиана боковой грани) = √(5/6) ≈ 0,912871.
Этим данным соответствует сторона основания а = 1 и угол наклона боковой грани к основанию α = 81,426895° = 1,421167 радиан. Высота пирамиды Н = A*tg α = 1,914854. Апофема А = √(L² - (a/2)²) = 1,936492. Высота основания h = a√3/2 = 0,866025. Периметр основания Р = 3a = 3. Проекция апофемы на основание h/3 = 0,288675. Площадь основания Sо = a²√3/4 = 0,433013. Площадь боковой поверхности Sбок = (1/2)PA = 2,904738. Площадь полной поверхности S =Sо + Sбок = 3,33775. Объём пирамиды V = (1/3) So*H = 0,276385.
Аналитическое решение. Здесь основное - определить значение стороны основания пирамиды. Примем сторону основания за "а", а боковое ребро " L". Косинус угла при основании боковой грани равен: cos α = (a/2)/L = a/(2L). Медиана АД боковой грани по теореме косинусов равна: АД = √(a²+(L/2)²-2*a*(L/2)*cos α) = √(a²+(L²/4)-2a*(L/2)*(a/2L)) = √((2a²+L²)/2. Рассмотрим треугольник АДС. Его высота ДЕ равна: ДЕ = √(АД²-(а/2)²) = √((2a²-L²)/4)-(а²/4) = √(a²+L²)/2. Высота h(АД) к стороне АД по заданию равна √(5/6). Тогда а*ДЕ = h(АД)*АД или а*√(a²+L²)/2 = (√(5/6))*√((2a²+L²)/2. Приведём к общему знаменателю и возведём обе части уравнения в квадрат. 6а²(а²+L²) = 10a² + 5L². Заменим L² на 2² = 4. 6а⁴ + 24а² = 10а² + 20. 6а⁴ + 14а² - 20 = 0, или 3а⁴ + 7а² - 10 = 0. Получили биквадратное уравнение. Заменим а² = t. 3t² + 7 t - 10 = 0. D = 49 +120 = 169. t1 = (-7 + 13)/6 = 1, t2 = (-7-13)/6 = -20/6 отрицательный корень не принимаем. Находим а = √1 = 1 см. Остальное приведено выше.
А) В магазине было 120 кг картофеля. После работы магазина картофеля осталось 45 кг. Найдите количество кг картофеля, проданного в магазине. решение: пусть Х будет кол-во проданного картофеля. тогда: 120-Х = 45 Х= 120-45= 75 кг ответ: 75 кг. б) На складе лежало 160 упаковок с телефонами. В магазин техники отвезли задвоенное и неизвестное количество упаковок. После этого на складе осталось 40 телефонов. Определите, сколько телефонов отвезли в магазин. Решение: Пусть неизвестное число телефонов будет У. Тогда: 160-2у=40 2у= 160-40 у= 120:2=60 ответ: 60 - искомое число телефонов.
Соціоекол́огія, соціальна екологія аналізує ставлення людини в притаманному їй гуманістичному горизонті з погляду його відповідності історичним потребам людського розвитку, в ракурсі культурної виправданості та перспективи, через теоретичне осягнення світу в його загальних визначеннях, які виражають міру історичної єдності людини і природи. Будь-який учений обмірковує головні поняття проблеми взаємодії суспільства та природи через призму своєї науки. Зокрема, географ розглядає проблему стосунків суспільства та природи під кутом просторових співвідношень територіальних комплексів, біолог — під кутом розвитку живої речовини тощо.
Предлагается решение с применением итерационного метода, отталкиваясь от заданной длины бокового ребра и задаваясь значениями длины стороны основания.
Дано: - правильная пирамида SABC,
- боковое ребро L = 2,
- расстояние от точки С до прямой AD (это медиана боковой грани) = √(5/6) ≈ 0,912871.
Этим данным соответствует сторона основания а = 1 и угол наклона боковой грани к основанию α = 81,426895° = 1,421167 радиан.
Высота пирамиды Н = A*tg α = 1,914854.
Апофема А = √(L² - (a/2)²) = 1,936492.
Высота основания h = a√3/2 = 0,866025.
Периметр основания Р = 3a = 3.
Проекция апофемы на основание h/3 = 0,288675.
Площадь основания Sо = a²√3/4 = 0,433013.
Площадь боковой поверхности Sбок = (1/2)PA = 2,904738.
Площадь полной поверхности S =Sо + Sбок = 3,33775.
Объём пирамиды V = (1/3) So*H = 0,276385.
Аналитическое решение.
Здесь основное - определить значение стороны основания пирамиды.
Примем сторону основания за "а", а боковое ребро " L".
Косинус угла при основании боковой грани равен: cos α = (a/2)/L = a/(2L).
Медиана АД боковой грани по теореме косинусов равна:
АД = √(a²+(L/2)²-2*a*(L/2)*cos α) = √(a²+(L²/4)-2a*(L/2)*(a/2L)) = √((2a²+L²)/2.
Рассмотрим треугольник АДС. Его высота ДЕ равна:
ДЕ = √(АД²-(а/2)²) = √((2a²-L²)/4)-(а²/4) = √(a²+L²)/2.
Высота h(АД) к стороне АД по заданию равна √(5/6).
Тогда а*ДЕ = h(АД)*АД или а*√(a²+L²)/2 = (√(5/6))*√((2a²+L²)/2.
Приведём к общему знаменателю и возведём обе части уравнения в квадрат.
6а²(а²+L²) = 10a² + 5L².
Заменим L² на 2² = 4.
6а⁴ + 24а² = 10а² + 20.
6а⁴ + 14а² - 20 = 0, или 3а⁴ + 7а² - 10 = 0.
Получили биквадратное уравнение. Заменим а² = t.
3t² + 7 t - 10 = 0. D = 49 +120 = 169. t1 = (-7 + 13)/6 = 1, t2 = (-7-13)/6 = -20/6 отрицательный корень не принимаем.
Находим а = √1 = 1 см.
Остальное приведено выше.